Logo do Site - Banco de Questões

Questões Sobre Conservação de Energia Mecânica - Física - 1º ano do ensino médio

Continua após a publicidade..

11) Duas bolas de bilhar colidiram de forma completamente elástica. Então, em relação à situação anterior à colisão,

  • A) suas energias cinéticas individuais permaneceram iguais.
  • B) suas quantidades de movimento individuais permaneceram iguais.
  • C) a energia cinética total e a quantidade de movimento total do sistema permaneceram iguais.
  • D) as bolas de bilhar se movem, ambas, com a mesma velocidade final.
  • E) apenas a quantidade de movimento total permanece igual.
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra C

Analisando cada afirmativa, obtemos :
a) Falso. Em uma colisão elástica a energia conservada é a energia cinética do sistema (total).
b)Falso. Na colisão elástica o momento linear conservado é o total.
c)Verdadeiro. Como dito na resposta da alternativa A e B.
d) Falso. Não pode-se afirmar isto, sem o conhecimento das massas das bolas de bilhar e suas respectivas velocidades iniciais.
e) Falso. A energia cinética total também é conservada.
Alternativa C é a correta.

12) Uma esfera de massa m0 está pendurada por um fio, ligado em sua outra extremidade a um caixote, de massa M = 3 m0, sobre uma mesa horizontal. Quando o fio entre eles permanece não esticado e a esfera é largada, após percorrer uma distância H0, ela atingirá uma velocidade v0, sem que o caixote se mova. Na situação em que o fio entre eles estiver esticado, a esfera, puxando o caixote, após percorrer a mesma distância H0, atingirá uma velocidade v igual a

  • A) 1/4 v0
  • B) 1/3v0
  • C) 1/2 v0
  • D) 2 v0
  • E) 3 v0  
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra C

O sistema descrito pela questão é conservativo, logo, podemos aplicar o teorema da conservação da energia. Quando o fio não está esticado, a energia potencial é igual a energia cinética (para o corpo de massa mo) => mo.g.Ho=1/2 .moVo² . Isolando: Vo²=2gHo . Quando o fio está esticado temos : MgH + mogHo= MgH + 1/2MV² + 1/2moV² , simplificando temos : mogHo=+ 1/2MV² + 1/2moV² (I). Como M=3mo, vamos substituir esse dado na equação (I) : moHo= 3/2moV² + 1/2moV² . Isolando : V²=gHo/2 . Dividindo V²/Vo², temos : V=Vo/2. Logo a resposta correta é a letra C.

13) Um sistema mecânico que consiste de um pequeno tubo com uma mola consegue imprimir a uma esfera e massa m uma velocidade fixa v0. Tal sistema é posto para funcionar impulsionando a massa na direção vertical, a massa atingindo a altura máxima h e voltando a cair. Em seguida o procedimento é efetuado com o eixo do tubo formando um determinado ângulo com a direção horizontal de modo que o alcance R nesta direção seja maximizado. Tais situações estão representadas na figura a seguir.

  • A) A razão h over Robedecerá a relação h over R equals fraction numerator g over denominator 2 g ` end fraction
  • B) A razão h over R obedecerá a relação h over R equals fraction numerator 2 g over denominator g ` end fraction
  • C) A razãoh over R obedecerá a relação h over R equals fraction numerator g ` over denominator 2 g end fraction
  • D) A distância R a ser alcançada pela massa será a mesma que se obteria em um experimento na superfície terrestre porque tal quantidade só depende do valor da componente horizontal da velocidade v0cos(θ).
  • E) R e h serão diferentes de seus valores obtidos em experimentos realizados na superfície mas a relação h over R equals 1 half se manterá porque esta independe do valor local da aceleração da gravidade.
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra E

Vamos calcular a razão h/R e verificar se condiz com alguma das alternativas apresentadas.

A altura alcançada pelo objeto no primeiro lançamento pode ser calculada usando o princípio de conservação da energia mecânica.

Ei = Ef
Donde Ei é a energia mecânica inicial e Ef é a energia mecânica final. 

E = K + U
Donde E é a energia mecânica, K é a energia cinética e U é a energia potencial gravitacional.

Ki + Ui = Kf + Uf 
Donde i e f representam respectivamente o momento inicial e final. O momento inicial é aquele em que a esfera abandona o aparelho, enquanto o final é quando ela está na altura máxima (h). Sendo assim, temos que a energia cinética final é nula, enquanto a energia potencial gravitacional inicial é nula. Logo:

Ki = Uf

K = mv²/2         e           U = mg'h
Donde K é a energia cinética, m é a massa, v é a velocidade, g é a aceleração da gravidade e h é a altura.

mv0²/2 = mg'h => v0²/2 = g'h => h = v0²/2g'

Agora, vamos calcular o alcance da esfera no segundo lançamento. Para isso, vamos utilizar as seguintes equações:

No eixo x (horizontal):

dx = v0t + at²/2
Donde dx é a distância percorrida (R), v0 é a velocidade inicial da esfera na componente x (v0cosθ), t é o tempo decorrido e a é a aceleração (0 m/s², note que este valor é no eixo x),

R = 
(v0cosθ)t

No eixo y (vertical):

dy =  
v0t + at²/2
Donde dy é a variação da altura (0 m, note que a posição vertical inicial e final são as mesmas), v0 é a velocidade inicial (v
0senθ), t é o tempo decorrido e a é a aceleração (-g').

0 = (
v0senθ)t - g't²/2 => g't²/2 = (v0senθ)t => t = 2(v0senθ)/g'

Substituindo este valor na expressão referente a distância horizontal, temos:

R = 
(v0cosθ)(2(v0senθ)/g') = 2v0²senθcosθ/g' = v0²sen2θ/g'

Fazendo a razão h/R, temos:

h/R = (
v0²/2g')/(v0²sen2θ/g') = 1/(2sen2θ) 

O ângulo cujo resultado é o maior alcance possível é 45°. Logo,

h/R = 1/(2*sen(2*45°)) = 1/2

Valor condizente com a alternativa E), mas além disso, a alternativa também traz uma outra afirmação. De fato R e h serão diferentes conforme a aceleração da gravidade, podemos ver esta dependência nas expressões acima. Porém, a razão de tais valores é constante, como mostrado acima. 

Alternativa E) 

14) Uma partícula com carga elétrica positiva qA e massa mA aproxima-se de uma outra partícula com carga positiva qB e massa mB, descrevendo a trajetória mostrada na figura em linha tracejada.

  • A)
  • B)
  • C)
  • D)
  • E)
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra A

Para resolver este exercício vamos usar o princípio da conservação de energia.

A energia potencial elétrica é dada pela seguinte equação:

Ue = kqAqB/r
Donde Ue é a energia potencial elétrica, qA é a carga de uma das partículas, qB é a carga da outra partícula, k é a constante eletrostática no vácuo e r a distância entre as partículas.

A outra energia a ser considerada neste evento é a energia cinética:

Ec = mv²/2
Donde Ec é a energia cinética, m é a massa e v é a velocidade

No início, temos que a energia mecânica (soma da energia cinética com a potencial) é dada da seguinte forma:

Ei = kqAqB/ri + mAvi²/2
Lembre-se que a partícula B se encontra em repouso.

Já no fim, temos:

Ef = kq
AqB/rf + mAvf²/2

Pela conservação de energia, devemos ter Ei = Ef, logo:


Ei = Ef =>  kqAqB/ri + mAvi²/2 = kqAqB/rf + mAvf²/2 =>  kqAqB/ri - kqAqB/r= mAvf²/2 - mAvi²/2  =>
  kqAqB(1/ri - 1/rf) = (mA/2)(vf² - vi²) =>

mA = [2kqAqB(1/ri - 1/rf)]/(vf² - vi²)

Com isso, temos que a alternativa correta é A)

15) Um cubo de massa específica ρ1 desliza com velocidade de módulo v0 sobre uma mesa horizontal, sem atrito, em direção a um segundo cubo de iguais dimensões, inicialmente em repouso. Após a colisão frontal, os cubos se movem juntos sobre a mesa, ainda sem atrito, com velocidade de módulo vf=3v0/4. Com base nessas informações, é correto afirmar que a massa específica do segundo cubo é igual a

  • A) 4ρ1/3.
  • B) 9ρ1/7.
  • C) 7ρ1/9.
  • D) 3ρ1/4.
  • E) ρ1/3.
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra E

Nesse caso, há conservação da quantidade de movimento do sistema, ou seja, e energia inicial e final são iguais:
m1 . v01 + m2 . v02 = m1 . vf1 + m2 . vf2onde:v01 =  v0 v02 = 0 vf1 = vf2= 3v04

Como a massa específica é igual à massa vezes o volume:
p = m . V
Temos:
m1.v01+0=(m1+m2  ) . 3v04p1.V1.v0 = (p1.V1+p2.V2  ) . 3v04
Como V1 = V2:
p1V1v0=p1V13v04p2V23v04p1V1v0=V1  p134p234)
Então:
p1 = (p1+p2) . 34
p1 = 34p1 + 34p2
p1 4=  34p2
p2 = p13

Logo a alternativa correta é a alternativa E.

16) Dois satélites, denominados de SA e SB, estão orbitando um planeta P. Os dois satélites são esféricos e possuem tamanhos e massas iguais. O satélite SB possui uma órbita perfeitamente circular e o satélite SA uma órbita elíptica, conforme mostra a figura.

  • A) Somente a afirmativa 1 é verdadeira.
  • B) Somente a afirmativa 2 é verdadeira.
  • C) Somente a afirmativa 3 é verdadeira.
  • D) Somente as afirmativas 1 e 2 são verdadeiras.
  • E) Somente as afirmativas 2 e 3 são verdadeiras. 
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra B

Vamos analisar cada uma das afirmações e verificar a sua veracidade.

afirmação 1) é FALSA. A força gravitacional é dada pela seguinte fórmula:

Fg = GM1M2/d²
Donde Fg é a força gravitacional, G é constante gravitacional universal, M1 é a massa de um dos corpos, M2 é a massa do outro corpo e d é a distância entre eles (planeta e satélite). Observação: Estamos trabalhando com o módulo da força gravitacional.

No caso do satélite B temos que a força gravitacional é sempre a mesma, porém no caso do satélite A que tem sua trajetória na forma de uma elipse, temos que a distância nem sempre é a mesma, e com isso a força também varia.

afirmação 2) é VERDADEIRA. A energia potencial gravitacional é dada pela seguinte fórmula:

U = GM1M2/d
Donde U
 é a energia potencial gravitacional, G é constante gravitacional universal, M1 é a massa de um dos corpos, M2 é a massa do outro corpo e d é a distância entre eles. Observação: Estamos trabalhando com o módulo da energia potencial gravitacional.

A distância entre os dois satélites variam, e com isso a sua energia potencial gravitacional também.

A afirmação 3) é FALSA. Note que existem apenas as duas energias envolvidas no sistema, a energia potencial gravitacional e a energia cinética. No caso do satélite B, como a energia potencial gravitacional varia, temos que a energia cinética deve compensá-la, e assim, esta varia também. 

Alternativa B)

17) Um bloco de massa 0,60 kg é abandonado, a partir do repouso, no ponto A de uma pista no plano vertical. O ponto A está a 2,0 m de altura da base da pista, onde está fixa uma mola de constante elástica 150N/m.  São  desprezíveis os efeitos  do  atrito  e adota-se g=10 m/s2.

  • A) 0,80.
  • B) 0,40.
  • C) 0,20.
  • D) 0,10.
  • E) 0,05.
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra B

Para resolver o problema, precisamos utilizar a conservação da energia mecânica. Inicialmente, do ponto mais alto da trajetória até o mais baixo, antes de se chegar à mola, temos a seguinte igualdade:
 
m.g.h=m.v22
Como não estamos interessados em descobrir a velocidade do corpo na posição mais baixa, podemos calcular o valor da energia potencial gravitacional apenas:
 
m.g.h=0.6.10.2=12 J
 
Igualando essa energia a energia potencial elástica da mola:
 
12 = k.Δx2224 = 150.Δx2Δx=24150=0,4 m
Logo, a opção correta é a letra "B".
 
 
 
 

18) Um esqueitista treina em uma pista cujo perfil está representado na figura abaixo. O trecho horizontal AB está a uma altura h = 2,4 m em relação ao trecho, também horizontal, CD. O esqueitista percorre a pista no sentido de A para D. No trecho AB, ele está com velocidade constante, de módulo v = 4 m/s; em seguida, desce a rampa BC, percorre o trecho CD, o mais baixo da pista, e sobe a outra rampa até atingir uma altura máxima H, em relação a CD. A velocidade do esqueitista no trecho CD e a altura máxima H são, respectivamente, iguais a

  • A) 5 m/s e 2,4 m.
  • B) 7 m/s e 2,4 m.
  • C) 7 m/s e 3,2 m.
  • D) 8 m/s e 2,4 m.
  • E) 8 m/s e 3,2 m.
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra E

Como as forças que agem neste exercício são conservativas, temos que há conservação da energia total do sistema. Portanto, no instante que o skate se encontra na parte AB a sua energia é:
Ei=Ec+Ep=mv²2+mgh
Sendo o instante final o momento em que o skate se encontra na parte CD da rampa, o mesmo tem um energia igual a:
Ef=Ec=mvf²2
Portanto, pela conservação de energia temos:
mv²2+mgh=mvf²2
vf²=v²+ghvf=v²+gh
Substituindo os valores dado no problema, tem-se:
v=4m/s g=10m/s² h=2,4m
vf=4²+2×10×2,4=64=8m/s
Para o momento do skate chegar a altura máxima, a velocidade neste ponto será zero, logo a energia final neste ponto será:
Ef=mghf
Pela conservação de energia, temos que:
Ei=Ef
mv²2+mgh=mghfhf=v²2g+h
Substituindo os valores do enunciado, tem-se:
v=4m/s g=10m/s² h=2,4m
hf=4²2×10+2,4=3,2m
Portanto, a resposta correta é a alternativa E.

19) Um skatista brinca numa rampa de skate conhecida por “half pipe”. Essa pista tem como corte transversal uma semicircunferência de raio 3 metros, conforme mostra a figura. O atleta, saindo do extremo A da pista com velocidade de 4 m/s, atinge um ponto B de altura máxima h.

  • A) 0,8.
  • B) 1,0.
  • C) 1,2.
  • D) 1,4.
  • E) 1,6.
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra A

O problema pode ser resolvido pelo teorema da conservação da energia, onde a energia mecânica inicial é igual a energia mecânica finaL : Eci+Epi=Ecf+Epf. Dados: vo=4m/s, g=10m/s², r=3m, h=? .  Substituindo na equação => 1/2m(4)² + mg(0) = mgh . Dividindo ambos os lados por m e isolando h => h=8/10= 0,8m . A resposta correta é a letra A.
Continua após a publicidade..

20) O estresse pode fazer com que o cérebro funcione aquém de sua capacidade. Atividades esportivas ou atividades lúdicas podem ajudar o cérebro a normalizar suas funções.

  • A) 2
  • B) 4
  • C) 6
  • D) 8
  • E) 16
FAZER COMENTÁRIO

A alternativa correta é letra D

Pelo Teorema da Conservação da Energia, temos que :
 
Ecinética inicial A+ Ecinética inicial B = Ecinética final A+ Ecinética final B
 m.VA²/2 + 0 = 0 + Ecinética final B
 Ecinética final B = 4.2²/2
Ecinética final B = 8J
 
Alternativa correta é a letra D.
 
1 2 3 4